Demuestra que
\[(ax + by)^2\leq ax^2 + by^2\]
para cualesquiera $x,y\in\mathbb{R}$ y cualesquiera $a,b\in\mathbb{R}$ con $a+b=1$, $a,b\geq 0$. ¿En qué casos se da la igualdad?
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Pista. Opera con la desigualdad para transformarla en $ab(x-y)^2\geq 0$ o bien aplica la desigualdad de Jensen.
Solución. Desarrollando los términos, la desigualdad equivale a la siguiente:
\[(a-a^2)x^2-2abxy+(b-b^2)y^2\geq 0.\]
Tenemos ahora que $a-a^2=a(1-a)=ab$ y $b-b^2=b(1-b)=ab$, luego la desigualdad anterior a su vez equivale a la siguiente:
\[abx^2-2abxy+aby^2\geq 0\ \Longleftrightarrow\ ab(x-y)^2\geq 0.\]
Como esta última es obviamente cierta, la primera también lo es. Además, la igualdad se alcanza cuando $a=0$ o $b=0$ o $x=y$.
Solución. No es más que la desigualdad de Jensen para la función estrictamente convexa $f(t)=t^2$ con pesos $a$ y $b$. La igualdad se alcanza cuando uno de los pesos es cero o bien cuando los puntos son iguales, es decir, cuando $a=0$ o $b=0$ o $x=y$.
Sean $x$ e $y$ números reales entre $0$ y $1$. Probar que
\[x^3+xy^2+2xy\leq 2x^2y+x^2+x+y.\]
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Pista. Pasa todo al miembro de la derecha y manipula un poco completando algunos cuadrados perfectos.
Solución. Pasando todos los términos al segundo miembro podemos identificar algunos cuadrados perfectos y reescribir la desigualdad como
\[(1-x)(x-y)^2+y(1-y)+x\geq 0.\]
Esta desigualdad es evidente ya que 0\leq x,y\leq 1$.
Sean $a$ y $b$ números positivos. Probar que
\[a+b\geq \sqrt{ab}+\sqrt{\frac{a^2+b^2}{2}}.\]
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Pista. Usa la desigualdad entre la media aritmética y la media cuadrática.
Solución. La desigualdad entre las medias aritmética y cuadrática aplicada a $\sqrt{ab}$ y $\sqrt{\frac{a^2+b^2}{2}}$ nos da
\[\frac{\sqrt{ab}+\sqrt{\frac{a^2+b^2}{2}}}{2}\leq\sqrt{\frac{ab+\frac{a^2+b^2}{2}}{2}}=\sqrt{\frac{2ab+a^2+b^2}{4}}=\frac{a+b}{2},\]
luego tenemos la desigualdad del enunciado.